Bac maths, Pondicherry 2005

Classe: 
Terminale
 

Droites, plan, barycentre :

5 points
 
L'espace E est rapporté à un repère orthonormé (O; i, j, k).
 
On considère les points A, B et C de coordonnées respectives (1; 0; 2)(1; 1; 4)  et  (1; 1; 1).
 
1. a. Montrer que les points A, B  et  C ne sont pas alignés.
 
b. Soit n le vecteur de coordonnées (3; 4; 2). Vérifier que le vecteur n est orthogonal aux vecteurs AB  et  AC.
   
En déduire une équation cartésienne du plan (ABC).
 
2. Soient P1  et  P2 les plans d'équations respectives 2x+y+2z+1=0etx2y+6z=0
 
a. Montrer que les plans P1  et  P2 sont sécantes suivant une droite D dont on déterminera un système d'équations paramétriques.
 
b. La droite D et le plan (ABC) sont-ils parallèles ?
 
3. Soit t un réel positif quelconque. On considère le barycentre G des points A, B  et  C affectés des coefficients 1, 2  et  t.
 
a. Justifier l'existence du point G pour tout réel positif t.
 
Soit I le barycentre des points A et B affectés des coefficients respectifs 1  et  2. Déterminer les coordonnées du point I.
 
Exprimer le vecteur IG en fonction du vecteur IC
 
b. Montrer que l'ensemble des points G lorsque t décrit l'ensemble des nombres réels positifs ou nuls est le segment [IC] privé du point C.
 
Pour quelle valeur de t, le milieu J du segment [IC] coïncide-t-il avec G ?

Correction

A(1; 0; 2), B(1; 1; 4) et C(1; 1; 1).
 
1. a. AB=(111042)=(012),AC=(111012)=(211)
 
Ces vecteurs ne sont pas colinéaires : AB=kAC  {0=2k1=k2=k...bof
 
b.
 
ABn=(012)(342)=0+44=0 
 
et
 
ACn=(211)(342)=6+4+2=0  
 
Le plan (ABC) a pour équation :
 
AMn=0(x1y1z2)(342)=03x3+4y2z+4=03x+4y2z+1=0
 
2. a. Quand on intersecte P1  et  P2 on a le système suivant : {2x+y+2z+1=0x2y+6z=0 
Soit en posant par exemple z=t :
 
{2x+y=2t1x2y=6tz=t{5y=10t1x=2y6tz=t{x=4t256t=2t25y=2t15z=t
 
On peut noter qu'un vecteur directeur de D est u=(2; 2; 1).
 
b. D et (ABC) sont parallèles si n et u sont orthogonaux : nu=(342)(221)=6+82=0 ils sont bien parallèles.
 
3. G barycentre des points A, B et C affectés des coefficients 1, 2 et t.
 
a. G existe si la somme des coefficients ici 3+t n'est pas nulle, ce qui est vrai pour tout réel positif t. 
 
I(1.1+2.13, 1.0+2.13, 1.2+2.43)=(1, 23, 103)
 
G est donc le barycentre de (I; 3), (C; t) d'où IG=t3+tIC.
 
b. La fonction f(t)=t3+t a pour dérivée f(t)=1(3+t)t.1(3+t)2=3(3+t)2>0 et est croissante ; en 0 elle vaut 0, en + elle vaut 1 (sa limite est 1 en +).
Lorsque t parcourt les réels positifs, l'abscisse du point G dans le repère (I, IC) est f(t), donc cette abscisse varie entre 0 et 1, et G parcourt le segment [IC] sauf le point C qui est à la limite (la limite n'est pas atteinte).
 
Le milieu J du segment [IC] coïncide avec G lorsque
 
f(t)=12t3+t=122t=3+tt=3 
 
 
 

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