Corrigé BFEM Maths 2016
Exercice 1
1) Recopions et complétons :
a) Pour tout réel x, √x2=|x|
b) Pour tous réels x et y, si |x|=|y| alors, x=y ou x=−y
2) Soit m et n deux réels tels que : m=4−3√2etn=2+32√2
a) Montrons que le réel m est négatif.
Pour cela, calculons 42 et (3√2)2
On a : 42=16 et (3√2)2=18
Comme 18 est supérieur à 16 et que 4 et 3√2 sont tous des réels positifs alors, 3√2 est supérieur à 4.
Donc, 4−3√2<0 c'est-à-dire ; m est négatif.
b) Montrons que m2=34−24√2
On a :
m2=(4−3√2)2=(4)2−2×4×(3√2)+(3√2)2=16−24√2+18=34−24√2
Ce qui montre alors que m2=34−24√2
Calculons n2
On a :
n2=(2+32√2)2=(2)2+2×2×32√2+(32√2)2=4+6√2+92=6√2+172
Donc, n2=6√2+172
c) On donne Z=√34−24√2
Écrivons Z sous la forme a√2+b avec a et b deux entiers relatifs.
On a : Z=√34−24√2 or, 34−24√2=m2
donc, Z=√m2=|m|
mais comme m est négatif alors, |m|=−m=−34+24√2
ainsi, Z=−34+24√2
d) Justifions que m2+4n2=68
On a :
m2+4n2=34−24√2+4(6√2+172)=34−24√2+24√2+34=34+34=68
Ce qui justifie donc que m2+4n2=68
Exercice 2
1) Une série statistique à caractère quantitatif continu, groupée en classes d'amplitude 10 compte 5 classes de centres respectifs C1, C2, C3, C4 et C5 et d'effectifs respectifs n1, n2, n3, n4 et n5
Donnons l'expression de sa moyenne M.
On a : M=n1×C1+n2×C2+n3×C3+n4×C4+n5×C5n1+n2+n3+n4+n5
2) Lors d'un recrutement au service militaire, les tailles de 100 candidats ont été répertoriées dans le tableau ci-dessous.
Taille (en cm)[135; 145[[145; 155[[155; 165[[165; 175[[175; 185[Fréquence0.12a0.280.32bE.C.C
a) Sachant que la moyenne de cette série est de 161cm, calculons a et b
Soi N l'effectif total alors on a : N=n1+n2+n3+n4+n5
donc,
M=n1×C1+n2×C2+n3×C3+n4×C4+n5×C5n1+n2+n3+n4+n5=n1NC1+n2NC2+n3NC3+n4NC4+n5NC5=f1C1+f2C2+f3C3+f4C4+f5C5
ainsi, 161=0.12×C1+a×C2+0.28×C3+0.32×C4+b×C5
Calculons les centres C1, C2, C3, C4 et C5
On a : C1=140, C2=150, C3=160, C4=170 et C5=180
Par conséquent, 0.12×140+a×150+0.28×160+0.32×170+b×180=161équation (1)
Aussi, on sait que la somme des fréquences est égale à 1.
Donc, 0.12+a+0.28+0.32+b=1équation (2)
Considérons alors le système suivant : {0.12×140+a×150+0.28×160+0.32×170+b×180=1610.12+a+0.28+0.32+b=1 qui devient {116+150a+180b=161(1)0.72+a+b=1(2)
En résolvant ce système, on déterminera a et b.
Dans (2) on a : a=1−0.72−b=0.28−b
en remplaçant cette valeur de a dans (1) on aura : 116+150(0.28−b)+180b=161
donc, 116+42−150b+180b=161
par suite, 30b=3 d'où, b=330=0.1
ainsi, b=0.1
Or, a=0.28−b donc, en remplaçant cette valeur de b dans (1) on obtient : a=0.28−0.1
ce qui donne : a=0.18
b) Pour la suite, on prendra a=0.18 et b=0.10
b)1) Recopions et complétons le tableau
Taille (en cm)[135; 145[[145; 155[[155; 165[[165; 175[[175; 185[Fréquence0.120.180.280.320.10E.C.C12305890100
b)2) Déterminons le nombre de candidats qui ont une taille au moins égale à 165cm
D'après le tableau on constate que 58 candidats ont une taille inférieure à 165cm.
Ce qui signifierait que 42 candidats ont une taille au moins égale à 165cm.
b)3) Déterminons graphiquement la classe médiane de la série.
Pour cela, construisons d'abord le diagramme des effectifs cumulées croissants.

Diagramme des effectifs cumulés croissants
On sait que la moitié de l'effectif total est 1002=50.
Donc, d'après diagramme des effectifs cumulées croissants, l'abscisse m du point d'ordonnée 50 appartient à la classe [155; 165[.
Or, cette abscisse m constitue la médiane de la série.
Par conséquent, la classe médiane est la classe [155; 165[.
Exercice 3
Dans un repère orthonormal (O, →I, →J) on donne les droites (D) : y=2x+4et(D′) : x+2y−3=0
1) Démontrons que (D) passe le point B(−5; −6) et que (D′) passe E(5; −1).
On a : (D) passe le point B(−5; −6) si, et seulement si, les coordonnées du point B vérifient l'équation de la droite (D).
Faisons donc cette vérification.
On a :
2×(xB)+4=−10+4=−6=yB
Ce qui prouve que les coordonnée de B vérifient l'équation de (D).
Par conséquent, (D) passe par le point B(−5; −6).
De la même manière, pour montrer que (D′) passe par E(5; −1) on procède par vérification.
Ainsi, on a :
xE+2yE−3=5+2×(−1)−3=5−2−3=0
Et donc, les coordonnée de E vérifient bien l'équation de (D′).
Par conséquent, (D′) passe par E(5; −1).
2) Démontrons que (D) et (D′) sont perpendiculaires en un point A dont on donnera les coordonnées.
Soit →u(12) le vecteur directeur de (D) et →u′(−21) celui de (D′).
On a : (D) et (D′) perpendiculaires si, et seulement si, →u.→u′=0
Soit donc,
→u.→u′=1×(−2)+2×1=2−2=0
Cela montre alors que (D) et (D′) sont perpendiculaires.
Pour trouver les coordonnées de leur point d'intersection, nous résolvons le système suivants formé des équations des deux droites : {y=2x+4(1)x+2y−3=0 (2)
En remplaçant l'expression de y dans (2) on obtient : x+2×(2x+4)−3=0
soit alors, 5x+8−3=0 ou encore, 5x=−5
ce qui donne donc, x=−55=−1
Remplaçons cette valeur de x dans (1) pour déterminer y.
On aura alors : y=2×(−1)+4=−2+4=2
D'où, A(−12)
3) Calculons les distances AB et AE
On a :
AB=√(xB−xA)2+(yB−yA)2=√(−5−(−1))2+(−6−2)2=√(−4)2+(−8)2=√16+64=√80=4√5
Donc, AB=4√5
De même on a :
AE=√(xE−xA)2+(yE−yA)2=√(5−(−1))2+(−1−2)2=√(6)2+(−3)2=√36+9=√45=3√5
Ainsi, AE=3√5
4) Traçons (D) et (D′) dans le repère (O, →I, →J).
Le point A étant le point de rencontre des deux droites alors, (D) et (D′) passent donc par ce point.
Ainsi, la droite passant par les points B et A représentera la droite (D) et celle passant par les points E et A va représenter la droite (D′).

5) Démontrons que ABE est un triangle rectangle en A puis calculons tan^ABE.
On sait que A, B∈(D) et A, E∈(D′) et que (D) et (D′) sont perpendiculaires en A.
Donc, →AB et →AE sont orthogonaux.
Par conséquent, ABE est un triangle rectangle en A.
On a :
tan^ABE=coté opposé à l'angle ˆBcoté adjacent à l'angle ˆB=AEAB=3√54√5=34
Ainsi, tan^ABE=34
Exercice 4
Soit C(O; 3cm) le cercle de centre O et de rayon 3cm.
Plaçons deux points A et B sur (C) tels que AB=4cm.
Sur la corde [AB], plaçons un point C tel que BC=2cm.
Le cercle (C′) circonscrit au triangle AOB recoupe la droite (OC) en M.
1) Faisons une figure

2) Démontrons que ^OMB=^OAB
On a : ^OMB et ^OAB sont deux angles inscrits au cercle (C′) et interceptant le même arc ⌢OB donc, ils sont égaux.
D'où, ^OMB=^OAB
3) Démontrons que ^AMC=^OBA
M, C et O étant trois points alignés alors, les angles ^AMC et ^AMO sont confondus donc, ^AMC=^AMO
Or, ^AMO et ^OBA sont deux angles inscrits au cercle (C′) et interceptant le même arc ⌢OA donc, ils sont égaux.
Ainsi, ^AMO=^OBA
Par conséquent, ^AMC=^OBA
4) Démontrons que la droite (OM) est la bissectrice de l'angle ^AMB
[AB] étant une corde de (C) ne contenant pas le point O centre du cercle alors, OAB est un triangle isocèle en O.
Par conséquent, ^OAB=^OBA.
Or, d'après les questions 2) et 3) on avait : ^OMB=^OABet^AMO=^OBA
On en déduit donc que : ^OMB=^OAB=^OBA=^AMO
d'où : ^OMB=^AMO
Ce qui montre que la droite (OM) est la bissectrice de l'angle ^AMB.
Auteur:
Diny Faye
Commentaires
Abibatou diaw (non vérifié)
lun, 07/12/2021 - 12:18
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Pdf
Ablay sall Boss (non vérifié)
ven, 07/23/2021 - 18:13
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J'aime beaucoup mathématiques
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